国产xxxx99真实实拍_久久不雅视频_高清韩国a级特黄毛片_嗯老师别我我受不了了小说

資訊專欄INFORMATION COLUMN

有多少種硬幣組合,更優解法

williamwen1986 / 1159人閱讀

摘要:寫在前面的自我檢討上周我發布了一篇博文有多少種硬幣組合找出獨特子數組之和,是關于有多少種硬幣組合的算法題的解法。假如,現在我們只有一個硬幣,分。則可能性只有種,那就是。

寫在前面的自我檢討 v2

上周我發布了一篇博文有多少種硬幣組合——找出獨特子數組之和,是關于有多少種硬幣組合的算法題的解法。雖然算法本身能夠給出一個正確答案,可是仔細想來,我卻沒辦法給出一個簡單直接的解釋為什么這樣跑可以奏效。好的算法應該是能夠以一種通俗易懂的方法教給別人的,如果連做出這道算法題的人都無法解釋清楚,那即便這個算法能夠跑起來,也不能算好吧。

就這個問題,一位高人給出了一個更好的解決方式,通俗易懂。聽完之后,我真是不得不服功力之高深吶~

問題和復制粘貼的分析

如果你有一個硬幣數組和一個代表其數量的數組,如何得到一共有多少種不同組合所得的和?

比如:硬幣數組[10, 50, 100],和代表其數量的數組[1, 2, 1]就表示這里一共有三種硬幣,1枚10分,2枚50分和1枚100分硬幣。那么其可能的排列組合則包括

10 = 10

50 = 50

100 = 100

10 + 50 = 60

10 + 100 = 110

50 + 50 = 100

50 + 100 = 150

10 + 50 + 50 = 110

10 + 50 + 100 = 160

50 + 50 + 100 = 200

10 + 50 + 50 + 100 = 210

則,不重復的值則包括加黑的部分,一共是9個。

接下來是正經分析 第一步:將所有硬幣組成一個數組

首先,上一篇博文里的第一步和第二步是正確的,我們確實需要將所有硬幣組合起來,組成一個新的數組coinList,其中包含了所有的硬幣。則這部分的代碼還是繼續使用。

代碼如下:

/**
 * Count number of 
 * @param {Array} coins array contains coins with different values
 * @param {Array} counts array contains corresponding counts of different coins
 * @returns {Number} The count of distinct sums
 */
function countDistinctSum(coins, counts) {
    if(coins.length !== counts.length) {
        return -1;
    }

    const results = {};
    const coinList = [];

    for(let i = 0; i < coins.length; i++){
        for(let j = 0; j < counts[i]; j++) {
            coinList.push(coins[i]);
        }
    }

    // where the beauty of algorithm shows

    return Object.keys(results).length - 1; // Remove the empty 0 coin element
}
第二步:了解所有的組合是如何計算得到的

我們一步一步來看,所有的組合是如何的出來的。假如,現在我們只有一個硬幣,1分。則可能性只有1種,那就是[1]

現在我們增加一個硬幣,2分。則可能性則變成了[1, 2, 1+2],3種。

如果我們再加一個硬幣,3分呢?則可能性又變成了[1, 2, 3, 1+2, 1+3,2+3,1+2+3],7種。

仔細看,當硬幣的數量一個一個地增加,可能的組合數量也相應地有規律地再增加。什么規律???好像看不是很清楚。那么我們換一種方法來表示呢?

如果將硬幣表示為A, B, C。

一枚硬幣:A

一枚硬幣的時候,是:
A

兩枚硬幣:A、B

兩枚硬幣的時候呢?那我們直接在之前的A后面加上一枚新的B

A + B

除此之外,之前的A也應該在里面

A + B

A

再加上新增加的B,則變成了:

A + B

A

B

三枚硬幣:A、B、C

這時候加第三枚了,我們在之前的這三種情況下都加上C,則變成了

A + B + C

A + C

B + C

而之前的那三種組合是還存在的,所以整個數組變成了

A + B + C

A + C

B + C

A + B

A

B

最后加上新增加的C,最終得到了

A + B + C

A + C

B + C

A + B

A

B

C

這下是否更清楚了?每當一個新的硬幣被加進數組之中時,組合的數量始終是之前的兩倍多一個。比如:

1枚硬幣時,組合數量是1

2枚硬幣時,組合數量是1 * 2 + 1 = 3

3枚硬幣時,組合數量是3 * 2 + 1 = 7

4枚硬幣時,組合數量是7 * 2 + 1 = 15

......

以此類推

第三步:只儲存非重復的值

在計算過程中,難免會遇到許多重復的值。比如兩枚硬幣都是10分的時候,計算出來的組合是[10, 10, 20]。但其實我們不需要兩個10,而只需要[10, 20]就可以了。這個時候我們需要用到Set這種數據結構來儲存數據。因為set里面的元素都是非重復的。

比如,一組硬幣[10, 50, 50]。處理第一枚硬幣的時候,Set里有[10]

處理第二枚硬幣時,對這個Set里的所有元素提取出來并且加上新的硬幣值,10 + 50得到了60,并添加得到的和與新添加的這枚硬幣值進入進入Set里,得到了[10, 50, 60].

處理第三枚硬幣時,還是繼續提取出這個Set里的所有元素,并且加上新的硬幣值。于是:

10 + 50 = 60

50 + 50 = 100

60 + 50 = 110

將這三個新的和加入Set,去掉重復值之后得到了[10, 50, 60, 100, 110]。然后再把第三枚硬幣本身的值,50,也添加進去。但因為50已經存在了,則Set還是[10, 50, 60, 100, 110]

一直重復循環到最后,我們將得到所有非重復的和。問題至此也被解決了~

大功告成

完整代碼

/*
 * Count number of
 * @param {Array} coins array contains coins with different values
 * @param {Array} counts array contains corresponding counts of different coins
 * @returns {Number} The count of distinct sums
 */
function countDistinctSum(coins, counts) {
    if(coins.length !== counts.length) {
        return -1;
    }

    const coinList = [];
    for(let i = 0; i < coins.length; i++){
        for(let j = 0; j < counts[i]; j++) {
            coinList.push(coins[i]);
        }
    }
    // Create a new set
    const results = new Set();
    for(let i = 0; i < coinList.length; i++){
        // tempSum is used to store the temporary sum of every element in the set and new coin value
        const tempSum = [];
        for (let it = results.values(), val= null; val = it.next().value; ) {
            tempSum.push(val + coinList[i]);
        }

        // add every sum in tempSum to the set and the set will do automatic duplication removal.
        tempSum.forEach(n => {
            results.add(n);
        });

        // add the new coin value into the set
        results.add(coinList[i]);
    }

    return results.size;
}

測試:

const a = [10, 50, 100];
const b = [1, 2, 1];

console.log("Result:", countDistinctSum(a, b)) // Result: 9

文章版權歸作者所有,未經允許請勿轉載,若此文章存在違規行為,您可以聯系管理員刪除。

轉載請注明本文地址:http://specialneedsforspecialkids.com/yun/99057.html

相關文章

  • 多少硬幣組合——找出獨特子數組之和

    摘要:另外,我們還需要將所有硬幣組合起來,組成一個新的數組,其中包含了所有的硬幣。比如硬幣數組,和代表其數量的數組,組合成。 寫在前面的自我檢討 這道題的解法,剛開始我自己做的并不算是一個很好的解法,只能說題目是做出來了,但過程中的計算有大量的重復計算,導致函數復雜度直逼O(n^n)。查閱資料之后便有了一個改良版。感謝這篇文章Find all distinct subset (or subs...

    xiaoqibTn 評論0 收藏0
  • 函數范式入門(惰性求值與函數式狀態)

    摘要:純函數式狀態隨機數生成器很明顯,原有的函數不是引用透明的,這意味著它難以被測試組合并行化。售貨機在輸出糖果時忽略所有輸入本章知識點惰性求值函數式狀態 第二節?惰性求值與函數式狀態 在下面的代碼中我們對List數據進行了一些處理 List(1,2,3,4).map(_ + 10).filter(_ % 2 == 0).map(_ * 3) 考慮一下這段程序是如何求值的,如果我們跟蹤一下...

    Jrain 評論0 收藏0
  • 現金找零方式的總數(sicp)

    問題:現有現金a,并且有n種面額的零錢,問,共有多少種找零方式。問題細化:現有現金1元,并且有50分,25分,10分,5分,1分五種面額,用這5種零錢組成1元,共有多少種方式? 如果把n種零錢按照某種順序排列(如50分,25分,10分,5分,1分,不一定升序或降序,也可以亂序),那么問題可以轉化為:現金a用除第一種零錢之外其他面額的找零方式數目加上現金a-d用所有面額的找零方式數目,其中d為第一...

    pf_miles 評論0 收藏0
  • 理解CKB的Cell模型

    摘要:交易依然表示狀態的變化遷移。這樣一個模型的特點是狀態是第一性的所有者是狀態的屬性,每一份狀態只有一個所有者狀態不斷的被銷毀和創建。值得指出的是,的編程模型之所以強大,更多是因為它有狀態,而不是因為它的有限圖靈完備。 在設計 CKB 的時候,我們想要解決三個方面的問題: 狀態爆炸引起的公地悲劇及去中心化的喪失;計算和驗證耦合在了一起使得無論是計算還是驗證都失去了靈活性,難以擴展;交易與價...

    henry14 評論0 收藏0

發表評論

0條評論

williamwen1986

|高級講師

TA的文章

閱讀更多
最新活動
閱讀需要支付1元查看
<