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源碼|jdk源碼之HashMap分析(二)

Richard_Gao / 3044人閱讀

摘要:不過在鏈表過長時會將其重構為紅黑樹,這樣,其最壞的時間復雜度就會降低為,這樣使得表的適應場景更廣。該節點代表一棵紅黑樹。調用紅黑樹的相關方法完成操作。同樣,和鏈表的一樣,也是將紅黑樹拆分成兩條子樹。

接上一篇博文,來吧剩下的部分寫完。
總體來說,HashMap的實現內部有兩個關鍵點,第一是當表內元素和hash桶數組的比例達到某個閾值時會觸發擴容機制,否則表中的元素會越來越擠影響性能;
第二是保存hash沖突的鏈表如果過長,就重構為紅黑樹提升性能。


關于第二點,對于HashMap來說,達到O(1)的查詢性能只是平均時間復雜度,這需要key的hash值對應的位置分布的足夠均勻。

來設想一種極端情況,假設某個黑客故意構造一組特定的數據,這些數據的hash值正好一樣。當插入hash表中時,它們的位置也一樣。
那么,這些數據會全部被組織到該位置的鏈表中,hash表退化為鏈表,這時的查詢的時間復雜度為O(N),也是hash表查詢時間復雜度的最壞情況。

不過HashMap在鏈表過長時會將其重構為紅黑樹,這樣,其最壞的時間復雜度就會降低為O(logN),這樣使得hash表的適應場景更廣。

resize擴容

擴容分兩個步驟:

計算擴容之后的大小。

進行具體的擴容操作。

計算擴容后大小

以下是第一個步驟的代碼:

final Node[] resize() {
    Node[] oldTab = table;
    int oldCap = (oldTab == null) ? 0 : oldTab.length;
    int oldThr = threshold;
    int newCap, newThr = 0;
    if (oldCap > 0) { // 已經初始化過的情況
        // 對邊界情況的處理:如果hash桶數組的大小已經達到了最大值MAXINUM_CAPACITY 這里是2的30次方
        if (oldCap >= MAXIMUM_CAPACITY) {
            threshold = Integer.MAX_VALUE;
            return oldTab;
        } // 擴容兩倍
        else if ((newCap = oldCap << 1) < MAXIMUM_CAPACITY &&
                 oldCap >= DEFAULT_INITIAL_CAPACITY)
            newThr = oldThr << 1; // double threshold
    }
    else if (oldThr > 0) // initial capacity was placed in threshold // 這種情況對照構造函數看
        newCap = oldThr;
    else {               // zero initial threshold signifies using defaults // 這種情況對照構造函數看
        newCap = DEFAULT_INITIAL_CAPACITY;
        newThr = (int)(DEFAULT_LOAD_FACTOR * DEFAULT_INITIAL_CAPACITY);
    }
    if (newThr == 0) { // =_= 邏輯好繞
        float ft = (float)newCap * loadFactor;
        newThr = (newCap < MAXIMUM_CAPACITY && ft < (float)MAXIMUM_CAPACITY ?
                  (int)ft : Integer.MAX_VALUE);
    }
    // 到此,newCap是新的hash桶數組大小,newThr是新的擴容閾值
    threshold = newThr;
    // 分配一個新的hash桶數組,然后把舊的數據遷移過來

    /* ... */
}

邏輯是這樣的,首先有三種情況,代碼寫的看起來很復雜:

hash桶數組已經初始化過。

擴容后是會溢出,也即達到了2的30次方。

擴容后不會溢出,這種情況擴容兩倍。擴容后hash桶數組的大小依然是2的冪。

hash桶數組沒有初始化過,但是指定了初始化大小。

hash桶數組沒有初始化過,也沒有指定初始化大小。

雖然邏輯很明確,但是代碼寫的看起來卻很復雜。
其原因是HashMap內部記錄的字段能表達的狀態太多,每種情況都需要考慮周全。

第一階段執行完畢后,HashMap內部的部分狀態字段被更新。
最重要的是,newCap這個變量記錄了擴容之后的大小。

執行擴容操作
final Node[] resize() {
    /* ... */
    // 分配一個新的hash桶數組,然后把舊的數據遷移過來
    @SuppressWarnings({"rawtypes","unchecked"})
        Node[] newTab = (Node[])new Node[newCap];
    table = newTab;
    if (oldTab != null) {
        for (int j = 0; j < oldCap; ++j) {
            Node e;
            if ((e = oldTab[j]) != null) {
                oldTab[j] = null;
                if (e.next == null) // 只有一個元素的情況
                    newTab[e.hash & (newCap - 1)] = e;
                else if (e instanceof TreeNode) // 二叉樹的情況
                    ((TreeNode)e).split(this, newTab, j, oldCap);
                else { // preserve order // 鏈表的情況
                    Node loHead = null, loTail = null;
                    Node hiHead = null, hiTail = null;
                    Node next;
                    do { // 遍歷鏈表
                        next = e.next;
                        if ((e.hash & oldCap) == 0) {
                            // 如果注意到hash桶數組擴容是從2^N 到 2^(N +1) 這一事實,從二進制的角度分析取余運算,就不難發現優化思路。
                            // 總之,這個迭代的代碼是把這條鏈表拆分成兩條,然而不同的處理邏輯。
                            if (loTail == null)
                                loHead = e;
                            else
                                loTail.next = e;
                            loTail = e;
                        }
                        else {
                            if (hiTail == null)
                                hiHead = e;
                            else
                                hiTail.next = e;
                            hiTail = e;
                        }
                    } while ((e = next) != null);
                    // 對于這兩種不同類型的鏈表,移動的方式不一樣
                    if (loTail != null) {
                        loTail.next = null;
                        newTab[j] = loHead;
                    }
                    if (hiTail != null) {
                        hiTail.next = null;
                        newTab[j + oldCap] = hiHead;
                    }
                }
            }
        }
    }
    return newTab;
}

從思路上,總結如下:

分配一個新的hash桶數組,這是擴容后的數組。之后需要把之前的節點遷移過來。

遍歷舊的hash桶數組,在其中保存有節點時,分不同情況處理:

只有一個節點的情況,直接將這個節點rehash到新的數組中。

該節點代表一棵紅黑樹。調用紅黑樹的相關方法完成操作。

該節點代表一個鏈表。將鏈表節點rehash到新的數組中。

先來看下紅黑樹的split函數:

    final void split(HashMap map, Node[] tab, int index, int bit) {
        /* ... */
        if (loHead != null) {
            if (lc <= UNTREEIFY_THRESHOLD)
                // 只是這里面有一個邏輯,即如果拆分出的樹太小,就重新轉換回鏈表
                tab[index] = loHead.untreeify(map);
            else {
                tab[index] = loHead;
                if (hiHead != null) // (else is already treeified)
                    loHead.treeify(tab);
            }
        }
        /* ... */
    }

紅黑樹的各種操作代碼我是無心看,各種旋轉太復雜了。這里面主要有一個關鍵點,在于rehash的時候,會將紅黑樹節點也rehash。
同樣,和鏈表的rehash一樣,也是將紅黑樹拆分成兩條子樹。至于為什么是拆分為兩條后面會說。
但是,如果拆分出來的子樹太小了,就會重新將其重構回鏈表。

順便說一句,由于刪除操作的邏輯沒有什么新東西之前就沒有分析。我也沒有在其中找到刪除節點時,如果紅黑樹太小會將其重構回鏈表的操作。

rehash優化

對于鏈表的rehash操作,乍一看,這個邏輯還有些看不懂,從代碼上來看是這樣的邏輯,對于hash桶數組中第j個位置上的一個鏈表,進行遍歷,根據條件分成兩條:

(e.hash & oldCap) == 0

滿足上述條件的串成一條鏈表loHead,不滿足上述條件的串成一條鏈表hiHead。之后:

if (loTail != null) {
    loTail.next = null;
    newTab[j] = loHead;
}
if (hiTail != null) {
    hiTail.next = null;
    newTab[j + oldCap] = hiHead;
}

實際上,由于HashMap的hash桶數組的大小一定為2的冪這一性質,取余操作能夠被優化。前面也說過這一點,這里以大小為8,也即0001000為例子:

設一個2的冪次方數N,如00001000,二進制寫法中一定只有一個1.

任意一個數B余N,反映到二進制上,就是高于等于1的對應位置0,低于的保留。如00111110 % 00001000 = 00000110,前5位置0,后4位保留。

假如讓這個數余2N,不難發現,反映到二進制上,變成了前4位置0,后4為保留。

嚴謹的數學表達我實在懶得寫了,總之通過分析不難得到這個結論:

如果數B的第3位(從低位從0開始數)為0,那么B % N = B % 2N。

如果數B的第3位(從低位從0開始數)為1,那么B % N結果的第3位給置1等于B % 2N,也即B % N + N = B % 2N

有了以上結論,對照上面的代碼,也就不難理解這段rehash代碼的思路了:

(e.hash & oldCap) == 0

這句話是判斷hash值的對應位是否為0,并分成兩條不同的鏈表。

如果為0,則rehash后的位置不變。

如果不為0,則為以前的位置加上舊表的大小。

最后,我比較疑惑的一點是,花了這么大力氣去優化,為什么能得到性能或內存上的提升?
我們分析下優化前后的時間復雜度:

如果不優化,則是遍歷舊的hash桶數組,然后遍歷每一個鏈表,并且把鏈表的每個節點rehash到新的hash桶數組上去。將鏈表插入到新的數組只需O(1)的時間,也即整個操作的時間復雜度為O(N),N為hash表中元素的個數。

如果優化,則是遍歷舊的hash桶數組,然后同樣需要遍歷每一個鏈表,把每一個節點分開到兩條不同的子鏈表上去。。。時間復雜度仍然是O(N)...

看起來兩種方案都需要遍歷所有的鏈表節點,難道僅僅是減小一點時間復雜度的常數嗎?

treeifyBin操作

之前說過當鏈表長度過大時會將其重構為紅黑樹,下面來看具體的代碼。

// 8. 把鏈表轉換成二叉樹
final void treeifyBin(Node[] tab, int hash) {
    int n, index; Node e;
    // 如果hash桶數組的大小太小還得擴容。
    if (tab == null || (n = tab.length) < MIN_TREEIFY_CAPACITY)
        resize();
    // 所需要的hash參數是為了定位是hash桶數組中的那個鏈表,可為啥不直接傳index...
    else if ((e = tab[index = (n - 1) & hash]) != null) {
        TreeNode hd = null, tl = null;
        // 遍歷單鏈表,然后把給它們一個個的分配TreeNode節點
        // 看下面這代碼,這個TreeNode,記得擁有next和prev字段,看下面的代碼是把它們串成雙鏈表
        do {
            TreeNode p = replacementTreeNode(e, null);
            if (tl == null)
                hd = p;
            else {
                p.prev = tl;
                tl.next = p;
            }
            tl = p;
        } while ((e = e.next) != null);
        if ((tab[index] = hd) != null)
            // 調用TreeNod.treeify()函數將這個已經組成雙鏈表的TreeNode節點重構成紅黑樹
            hd.treeify(tab);
    }
}

之前提到過TreeNode擁有next和prev字段,因此它不僅能夠用來組織紅黑樹,還能夠組織雙向鏈表。
這里看到了,這里首先將單鏈表的元素復制到TreeNode節點構成的雙向鏈表中,然后通過TreeNode的treeify方法將其組織成紅黑樹。至于這個方法。。。各種旋轉,紅黑樹的操作算法本身是很復雜的,就略過不看了。

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